大学受験
数学Ⅲの積分漸化式の問題はこの記事を読めば独学で勉強するのが簡単
「数学IIIの積分漸化式の問題が解けない。解き方を覚えないといけないのかな？それとも理解しないといけないのかな？」といった悩みに当サイト(数がく部)の管理人でありある医学部受験予備校の看板講師講師のいさじがお答えします。
目次
積分漸化式は解き方を覚えよう
数学Ⅲの積分漸化式は簡単ですが数学Ⅲ特有の解き方を覚えないといけなくそれに時間がかかるというデメリットはありますが。
ですが現役生の時の私はそんなことを知らなく理解するものと思っていました。
代々木ゼミナールで授業を受けていましたが何でもかんでも理屈の先生で今思えばそれは間違っています。
4種類(\(cos^nx,sin^nx,tan^nx,log^nx\))ありますが解き方を覚えれば即点数につながりますので解き方を覚えましょう。
覚えれば点数に繋がるのは数学では普通ありえないです。
この記事で解き方を全部説明してどういう使い方をするかも一緒に説明しますが全部のタイプを覚えないと意味がないです。
使い方も一緒に覚えればいいですが基本の問題のタイプがワンパターンなので簡単に頭に入ると思います。
定積分ができないと解くことができないので部分積分ができない人は積分のやり方について以前記事を投稿していますのでご覧ください。
それでは説明します。
\(sin^nx、cos^nx、tan^nx、(logx)^n\)とありますが\(sin^nx、cos^nx、tan^nx\)が覚えるのが大変と思います。
\(sin^nx\)のタイプ(解き方を覚えるのが大変)
\(I_n=\int_0^\frac{π}{2} sin^nx dx(n ≧ 0)\)が成り立つ時\(I_n\)と\(I_{n-2}(n ≧ 2)\)の関係式を求めよ。
\(sin^nx\)と\(cos^nx\)の時はやり方が同じで1乗を出します。
\(sin^nx\)の部分だけ式変形すると\(sin^nx=sin^{n-1}x・sinx\)になります。
そして部分積分をします。(最初に\(sin^{n-1}xかsinx\)を積分ですが\(sinx\)を積分です)
\(I_n=\int_0^\frac{π}{2} sin^x dx\)
\(=\int_0^\frac{π}{2} sin^{n-1}x・sinx dx\)
\(=\left[sin^{n-1}x(-cosx)\right]^ \frac{π}{2}_ 0\)
\(-\int_ 0^ \frac {π}{2} (-cosx)・(n-1)sin^{n-2}x・cosx dx\)
(\(sinx\)を積分しています)
\(=\left[sin^{n-1}x(-cosx)\right]^ \frac{π}{2}_ 0\)
\(+\int_ 0^ \frac {π}{2} cos^2x・(n-1)sin^{n-2}x dx\)
\((cosx・cosx=cos^2xを使いました)\)
ここで\(\left[sin^{n-1}x(-cosx)\right]^ \frac{π}{2}_ 0\)は積分区間を代入すると0になります。
よって
\(I_n=\int_ 0^ \frac {π}{2} cos^2x・(n-1)sin^{n-2}x dx \)
\(=\int_ 0^ \frac {π}{2} (1-sin^2x)・(n-1)sin^{n-2}x dx\)
(\(sin^2x+cos^2x=1\)より\(cos^2=1-sin^2x\)を使っています)
\(=(n-1)\int_ 0^ \frac {π}{2} (sin^{n-2}x-sin^nx) dx・・・① \)
ここで\(I_n=\int_0^\frac{π}{2} sin^nx dx\)
より\(I_{n-2}=\int_0^\frac{π}{2} sin^{n-2}x dx\)
よって①\(=(n-1)(I_{n-2}-I_n) \)となります。
1番最初の式\(I_n \)を式変形して\(I_n=(n-1)(I_{n-2}-I_n) \)になったので
\(I_n=(n-1)(I_{n-2}-I_n) \)
\(nI_n=(n-1)I_{n-2} \)
\(I_n=\frac{n-1}{n}I_{n-2} \)となります。
\(cos^nx\)のタイプ(解き方を覚えるのが大変)
\(I_n=\int_0^\frac{π}{2} cos^nx dx(n ≧ 0)\)が成り立つ時\(I_n\)と\(I_{n-2}(n ≧ 2)\)の関係式を求めよ。
\(I_n=\int_0^\frac{π}{2} sin^nx dx\)の時とほとんど同じでまず1乗を出します。
\(cos^nx\)の部分だけ式変形をして\(cos^nx=cos^{n-1}x・cosx\)
そして部分積分をします。(最初に\(cos^{n-1}xかcosx\)を積分ですが\(cosx\)を積分です)
\(I_n=\int_0^\frac{π}{2} cos^x dx\)
\(=\int_0^\frac{π}{2} cos^{n-1}x・cosx dx\)
\(=\left[cos^{n-1}x(sinx)\right]^ \frac{π}{2}_ 0\)
\(-\int_ 0^ \frac {π}{2} (sinx)・(n-1)cos^{n-2}x・(-sinx) dx\)
(\(cosx\)を積分しています)
\(=\left[cos^{n-1}x(sinx)\right]^ \frac{π}{2}_ 0\)
\(+\int_ 0^ \frac {π}{2} sin^2x・(n-1)cos^{n-2}x dx\)
\((sinx・sinx=sin^2xを使いました)\)
ここで\(\left[cos^{n-1}x(sinx)\right]^ \frac{π}{2}_ 0\)は積分区間を代入すると0になります。
よって
\(I_n=\int_ 0^ \frac {π}{2} sin^2x・(n-1)cos^{n-2}x dx \)
\(=\int_ 0^ \frac {π}{2} (1-cos^2x)・(n-1)cos^{n-2}x dx\)
(\(sin^2x+cos^2x=1\)より\(sin^2x=1-cos^2x\)を使っています)
\(=(n-1)\int_ 0^ \frac {π}{2} (cos^{n-2}x-cos^nx) dx・・・① \)
\(I_n=\int_0^\frac{π}{2} cos^nx dx\)より
\(I_{n-2}=\int_0^\frac{π}{2} cos^{n-2}x dx\)
よって①\(=(n-1)(I_{n-2}-I_n) \)となります。
1番最初の式\(I_n \)を式変形して\(I_n=(n-1)(I_{n-2}-I_n) \)になったので
\(I_n=(n-1)(I_{n-2}-I_n) \)
\(nI_n=(n-1)I_{n-2} \)
よって\(I_n=\frac{n-1}{n}I_{n-2} \)となります。
\(tan^nx\)のタイプ(解き方を覚えるのが大変)
\(I_n=\int_0^\frac{π}{4} tan^nx dx(n ≧ 0)\)が成り立つ時\(I_n\)と\(I_{n-2}(n ≧ 2)\)の関係式を求めよ。
\(tan^nx\)は2乗を出します。
\(I_n=\int_0^\frac{π}{4} tan^nx dx\)
\(I_n=\int_0^\frac{π}{4} tan^{n-2}x・tan^2x dx\)
\(ここで tan^2x に1+tan^2x=\frac{1}{cos^2x}\)より
\(tan^2x=\frac{1}{cos^2x}-1\)を使います。
すると\(I_n=\int_0^\frac{π}{4} tan^{n-2}x・(\frac{1}{cos^2x}-1) dx\)
\(=\int_0^\frac{π}{4}( tan^{n-2}x・\frac{1}{cos^2x}-tan^{n-2}x dx)\)・・・①になります。
\(\int_0^\frac{π}{4} tan^{n-2}x・\frac{1}{cos^2x}dx\)の積分は\(\int f(g(x))g'(x)dx\)の積分です。
よって\(\int_0^\frac{π}{4}( tan^{n-2}x・\frac{1}{cos^2x}dx)\)
\(=\left[\frac{1}{n-1}tan^{n-1}x\right]^ \frac{π}{4}_ 0=0\)となります。
よって①\(=\int_0^\frac{π}{4}-tan^{n-2}x dx=I_{n-2}\)となります。
\((logx)^n\)のタイプ(解き方を覚えるのが恐らく楽)
\(I_n=\int_1^2( logx)^n dx(n ≧ 0)\)が成り立つ時\(I_n\)と\(I_{n-1}(n ≧ 1)\)の関係式を求めよ。
\(I_n=\int_1^2 log^nx dx\)は解き方が1番簡単です。
\(I_n=\int_1^2 1・log^nx dx\)として部分積分です。(最初に\(1かlogx\)を積分ですが
\(1\)を積分です)
すると\(I_n=\int_1^2 1・log^nx dx\)
\(=\left[x(logx)^n\right]^ 2_1-\int_1^2 xn(logx)^{n-1} ・\frac{1}{x}dx\)
\(=2(log2)^n-n\int_1^2 (logx)^{n-1}dx\)
\(=2(log2)^n-nI_{n-1}\)
これで解き方が全部終わりましたが手を動かして問題を解いて覚えましょう。
見ただけでは頭に入りませんよ私は見て覚えようとしてダメで書いて覚えようとしました。
、私は解き方を覚えるのが苦手だったので覚えるまで全部のタイプを毎日何回か書いて覚えていました。
時間は毎日10分くらいしか使っていないので負担はほとんどなかったです。
積分漸化式は解き方を覚えれば即点数に繋がると最初に説明しましたが数学Ⅲは得点源になるので勉強して方がいいということについて以前記事を書きましたので良かったらご覧ください。
それと手を動かした解き方を覚えないといけないと説明しましたが勉強する時は手を動かさないといけないことについて以前記事を書いているのでよかったらご覧ください。
次は積分漸化式の使い方です。
次は積分漸化式をどういう風に使うかです。
問題が難しくなるといろんな出題のされ方がありますがとりあえずこれができればいいです。
確率漸化式の問題は(1)が↑で説明した漸化式を立てる問題になります。
そして(2)で「\(I_8\)の値を求めよ」などと聞いてきます。
(1)が「\(I_n=\int_0^\frac{π}{4} tan^nx dx(n ≧ 2)\)が成り立つ時\(I_n\)と\(I_{n-2}\)の関係式(n ≧ 0)を求めよ」だったとして\(I_8\)を求めてみます。
\(I_n=\int_0^\frac{π}{4} tan^nx dx(n ≧ 2)\)のnに8を代入して計算しては絶対にいけません、積分ができないです。
(1)で求めた漸化式を使うんです。
\(I_n=-I_{n-2}\)・・・①にn=8を代入します。
すると\(I_8=-I_6\)・・・②となり右辺の番号が下がります。
これ以上番号を下げることができないnの値まで値を代入します。
どこまで代入できるかですがn=2までです。
理由は「\(I_n=\int_0^\frac{π}{4} tan^nx dx(n ≧ 2)\)」のnが2以上だからです。
右辺の\(-I_6\)ですが①でn=6を代入すると\(I_6=-I_4\)になります。
よって②より\(I_8=-I_6=-(-I_4)\)・・・③となります。
そして①にn=4を代入するとI_4=-I_2になります。
よって③=\(I_8=-I_6=-(-I_4)=I_4=-I_2\)・・・④となります。
そして①にn=2を代入するとI_2=-I_0になります。
④\(=I_8\)
\(=-I_6\)
\(=-(-I_4)\)
\(=I_4\)
\(=-I_2\)
\(=-(-I_0)\)
\(=I_0\)
あとは「\(I_n=\int_0^\frac{π}{4} tan^nx dx(n ≧ 1)\)でnに0を代入して\(I_0\)を計算すればいいです。
\(I_n=\int_0^\frac{π}{4} tan^nx dx(n ≧ 0)\)にn=0を代入して
\(I_0=\int_0^\frac{π}{4} tan^0 dx\)
\(=0\)
\(sin^x、cos^x、tan^x\)が解き方を覚えるまでが大変だと思いますが1日1回解くなどして覚えましょう。
理系はセンター試験(共通テスト)で失敗しても二次試験の傾斜配点的に逆転できるかもしれません。
積分漸化式が出れば解けて逆転合格の可能性も出てきます。(現役生は数学Ⅲが本当にザルになっているのでもったいないです。)
私はセンター試験に失敗してD判定に近いC判定でしたが二次試験で逆転合格できました。
それだけ数学Ⅲは逆転の可能性を秘めているのでしっかり勉強して解き方を覚えましょう。
